XV математическая олимпиада «Шелковый путь», 2016 год


Вокруг остроугольного треугольника $ABC$ ($AC>CB$) описана окружность, а точка $N$ — середина дуги $ACB$ этой окружности. Пусть точки $A_1$ и $B_1$ — основания перпендикуляров на прямую $NC$, проведенные из точек $A$ и $B$ соответственно (отрезок $NC$ лежит внутри отрезка $A_1B_1$). Высота $A_1A_2$ треугольника $A_1AC$ и высота $B_1B_2$ треугольника $B_1BC$ пересекаются в точке $K$. Докажите, что $\angle A_1KN=\angle B_1KM$, где $M$ — середина отрезка $A_2B_2$. ( М. Кунгожин )
посмотреть в олимпиаде

Комментарий/решение:

пред. Правка 2   3
2017-01-16 16:56:13.0 #

По условию $N$ - середина дуги $ACB$ поэтому $\angle NCA=\angle NBA=\angle NAB=\angle B_{1}CB$. Значит $\triangle A_{1}CA\sim\triangle B_{1}CB$. И в подобных треугольниках провели высоты с соответствующих вершин, поэтому $\dfrac{A_{2}C}{A_{2}A}=\dfrac{B_{2}C}{B_{2}B} \Rightarrow A_{2}B_{2} \parallel AB$

Пусть $CK$ пересекает окружность описанную около $\triangle ABC$ в точке $С_1$, тогда при гомотетии с центром $C$ с коэффициентом $\dfrac{A_2C}{AC}$

точка $C_{1}$ перейдет в $K$. Поэтому $\dfrac{A_{2}K}{B_{2}K}=\dfrac{A_2C_1}{B_2C_1}$. С другой стороны $AC_1=cos\angle CBA \cdot CC_1$, $BC_1=cos\angle CAB \cdot CC_1$. Значит $\dfrac{A_2C_1}{B_2C_1}=\dfrac{cos\angle CBA}{cos\angle CAB}$ (1) с этой частью закончили.

Пусть $\angle A_{1}KN=\alpha, \angle NKC=\beta, \angle B_{1}KM=\gamma$

Вспомним, что $\triangle A_{1}CA\sim\triangle B_{1}CB$, нетрудно найти, что $\angle CA_{1}K=\angle CB_{1}K$. Значит $\triangle A_{1}B_{1}K$ равнобедренный, $A_{1}K=B_{1}K$. $\dfrac{sin\alpha}{sin (\beta+\gamma)} \cdot \dfrac{A_{1}K}{B_{1}K}=\dfrac{A_{1}N}{B_{1}N}$ $\Rightarrow$ $\dfrac{sin\alpha}{sin (\beta+\gamma)}$=$\dfrac{A_{1}N}{B_{1}N}$ для $\triangle A_{1}B_{1}K$ и точки $N$

$A_{1}N=\cos \angle A_{1}NA \cdot AN=\cos \angle CBA \cdot AN$. Аналогично, $B_{1}N=\cos \angle CAB \cdot BN$. Значит $\dfrac{A_{1}N}{B_{1}N}$=$\dfrac{\cos \angle CBA}{\cos \angle CAB}$ (2)

$\dfrac{A_{2}K}{B_{2}K} \cdot \dfrac{(sin(\alpha+\beta)}{sin\gamma}$=$\dfrac{A_{2}M}{B_{2}M}=1$, значит $\dfrac{A_{2}K}{B_{2}K}=\dfrac{(sin\beta+sin\alpha)}{sin\gamma}$ для $\triangle A_{2}B{2}K$ и точки $M$. Получается $\dfrac{A_{2}K}{B_{2}K}=\dfrac{B_{1}N}{A_{1}N}$ $\Rightarrow$ $\dfrac{(sin(\beta+\alpha)}{sin\gamma}=\dfrac{(sin(\gamma+\beta)}{sin\alpha}$(3), и известный факт, что если выполнено условие (3), то $\angle \gamma=\angle \alpha$. Ч.и т.д.

  0
2017-01-17 16:48:24.0 #

Факт (3) надо доказывать, могут до 5 баллов снять.