Математикадан облыстық олимпиада, 2022 жыл, 10 сынып


$x_1$ және $x_2$ сандары $a x^3 + b x^2 + c x + d = 0$ теңдеуінің әр-түрлі нақты түбірлері болсын. $ x_1 x_2 \ge \frac{4ac - b^2}{4a^2}$ теңсіздігін дәлелдеңіз.
посмотреть в олимпиаде

Комментарий/решение:

  0
2022-03-29 10:42:48.0 #

лень было переписывать, так что вот:

  2
2023-02-07 19:32:02.0 #

почему то не открывается

  2
2023-02-08 20:16:26.0 #

Поскольку $x_1$ и $x_2$ - корни данного уравнения, имеет место следующая система:

$\left\{ \begin{gathered}ax_1^3 + bx_1^2+cx1 + d = 0,\\ax_2^3 + bx_2^2+cx2 + d = 0. \\\end{gathered} \right.$

Откуда, отняв верхнее выражение от нижнего и учитывая, что $x1 \neq x2$, получаем:

$a(x_1+x_2)^2 + b(x_1+x_2) + c - ax_1x_2 = 0$

Новое уравнение имеет как минимум 1 корень по условию существования $x1$ и $x2$. (а именно, $x_1+x_2$)

Соответственно, его дискриминант - $D = b^2 - 4a(c-ax_1x_2) \geq 0$, что и требовалось доказать.

  0
2023-02-08 20:16:45.0 #

Красивое решение! Долго думал?

  0
2023-02-08 20:17:10.0 #

Я живу у тебя в стенах

  0
2023-02-08 22:55:52.0 #

челы легенды, парные авы в матоле

  1
2023-02-09 11:58:15.0 #

хахах, 300iq ребята

  0
2023-04-26 15:16:46.0 #

Стоит заметить что если у кубического многочлена есть 2 действительных корня, то третий тоже будет действительным. По теореме виета: $$x_1x_2+x_1x_3+x_2x_3=\frac{c}{a}$$ и так же $$x_1+x_2+x_3=\frac{-b}{a}$$.

Тогда возведём второе условие в квадрат, $$x_1^2+x_2^2+x_3^2+2(x_1x_2+x_1x_3+x_2x_3)=\frac{b^2}{a^2}$$ Теперь сделаем сравнение $$x_1x_2 \ | \ \frac{4ac-b^2}{4a^2}=\frac{c}{a}-\frac{b^2}{4a^2}=$$

Справа отнимем $x_1x_2+x_1x_3+x_2x_3$ а слева $\frac{c}{a}$ (это одно и тоже), и уже получим $$-(x_1x_3+x_2x_3) \ | \ \frac{-b^2}{4a^2}$$ заменим справа значение на $$\frac{-(x_1^2+x_2^2+x_3^2+2(x_1x_2+x_1x_3+x_2x_3))}{4}$$ умножим слева и справа на $4$, перекинем некоторые вещи и уже получим $x_1^2+x_2^2+x_3^2+2x_1x_2-2x_1x_3-2x_2x_3 \ | \ 0$, или же $$(x_1+x_2-x_3)^2 \ | \ 0$$

что очевидно.