33-я Балканская математическая олимпиада
Албания, Тирана, 2016 год
Комментарий/решение:
\textbf{Решение.}
Обозначим цвет клетки с координатами $(i,j)$ через $c(i,j)$.
По условию любой прямоугольник со сторонами на линиях сетки и периметром $100$
не содержит двух клеток одного цвета. Если стороны прямоугольника равны $a$ и $b$,
то
\[
2(a+b)=100 \Rightarrow a+b=50.
\]
Предположим противное: существует прямоугольник $1\times1201$, содержащий две
клетки одного цвета. Тогда существуют $x<y$ такие, что
\[
c(x,0)=c(y,0).
\]
Положим
\[
d=y-x.
\]
Заметим, что среди чисел $1,2,\dots,1200$ обязательно найдётся число,
сравнимое с $d$ по модулю $50$, и не превосходящее $49$.
Следовательно, существуют такие $k$ и $t$, что
\[
d=50k+t,\qquad 1\le t\le 49.
\]
Рассмотрим клетки
\[
(x,0),\qquad (x+t,50-t).
\]
Расстояния между их координатами равны
\[
t \quad\text{и}\quad 50-t,
\]
поэтому они являются противоположными углами прямоугольника со сторонами
$t$ и $50-t$. Для этого прямоугольника
\[
t+(50-t)=50,
\]
следовательно его периметр равен $100$.
Теперь рассмотрим клетки
\[
(y,0),\qquad (y-t,50-t).
\]
Они образуют такой же прямоугольник.
Так как $c(x,0)=c(y,0)$, то две клетки одинакового цвета оказываются
вершинами прямоугольника периметра $100$, что противоречит условию.
Следовательно, в любом прямоугольнике $1\times1201$ все клетки имеют
различные цвета.
Аналогичное рассуждение применяется для прямоугольника $1201\times1$.
Следовательно, никакой прямоугольник размеров $1\times1201$ или
$1201\times1$ не содержит двух клеток одного цвета.
\qed
Возможно, что при неправильном наборе формул, они будут
доредактированы модератором. При этом содержание не будет меняться.